自动搬运

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来自洛谷，原作者为

	Egg_eating_master Always break; Never continue; | 我吃了个蛋

搬运于2025-08-24 21:37:09，当前版本为作者最后更新于2020-09-12 17:13:50，作者可能在搬运后再次修改，您可在原文处查看最新版

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以下是正文

$Update$于$2020.9.19$，修复了大家指出的一个错误

其实我觉得吧，这题不用像大家说的，枚举左点，二分右点

题目问的是最多可以访问多少地标。稍稍分析可知，多访问一个路标，时间必定不会减少，显然这具有单调性质。于是很自然的可以想到去二分路标的个数呀$QwQ$

先将所有路标的位置排序。要尽量使用时最少，那么我访问的任意两个路标之间都不能有其他的东西。（因为如果我访问的两个路标之间还有路标，那我还不如把这个路标顺便一起访问了呢）

那么，在存储路标位置的数组中，只要排好序，我访问的路标就一定是下标相邻的。

二分能访问到的路标个数，枚举右端点（当然左端点也行），判断这个区间是否能在$t$的时间内访问完成。

最后右端点枚举完了，如果还没有找到解，那就证明当前二分的这个路标个数不行。

一直二分就行了。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int t,n;
int a[100001];
bool check(int x){//判断函数，表示的是能否访问到x个路标
	for(int r=x;r<=n;r++){//枚举右端点
		int l=r-x+1;
		if(a[r]<=0)//如果右端点在原点左边，就要一直向左走
		    if(-a[l]<=t)return 1;//根据题意判断即可，可以就直接返回true
		if(a[l]>=0)//如果左端点在原点右边，就要一直向右走
		    if(a[r]<=t)return 1;//同上
		if(a[l]<=0&&a[r]>=0)//如果这段区间横跨了原点
		    if(min(a[r],-a[l])+a[r]-a[l]<=t)return 1;//那么我一定是先去距离原点短的那一边，再走到另一边
	}
	return 0;//如果整个循环执行完，没有找到可行解，那就返回false
}
int main(){
	cin>>t>>n;
	for(int i=1;i<=n;i++)
	    cin>>a[i];
	sort(a+1,a+1+n);//给所有路标位置排序
	int l=-1,r=n+1;//由于能访问的路标数量可能为0~n，所以把左边界设为1，右边界设为n+1，就可以保证二分到所有解
	while(l+1<r){//这里写l+1<r是为了防止最后l,r出现交叉的情况，即l>r
		int mid=(l+r)>>1;
		if(check(mid))l=mid;
		else r=mid;
        //更新l,r的值时写mid而不是mid+1或mid-1，也是为了防止最后l>r
	}
	cout<<l<<endl;最后输出l
	return 0;//Happy ending~
}