自动搬运

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来自洛谷，原作者为

	rui_er 九万里风鹏正举

搬运于2025-08-24 22:48:04，当前版本为作者最后更新于2023-08-02 20:03:40，作者可能在搬运后再次修改，您可在原文处查看最新版

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以下是正文

一个显然的思路是：在排列 $p$ 的括号串合法的基础上，使得左括号在原括号串中尽量靠左，这样答案更有可能合法。于是我们求出这个原括号尽量靠左的括号串（下文称为“最优括号串”），然后 check 合法性即可。

下文中 $s$ 是排列 $p$ 的括号串。

当 $n=2$ 时，唯一的填法是令 $s_1\gets\texttt{(},s_2\gets\texttt{)}$，这个填法显然是最优括号串。

如果我们找出了 $n=n_0-2$ 的最优括号串，考虑如何找出 $n=n_0$ 的最优括号串。显然已经填好的左括号是不能动的，因为 $n=n_0-2$ 时已经是最优括号串，任何移动都会导致括号串不合法。我们先令多出的两位 $s_{n_0-1}\gets\texttt{)},s_{n_0}\gets\texttt{)}$，只需要在这个括号串中改一个左括号为右括号，且括号串依然合法即可。

注意到除了 $s_{n_0}$ 处的右括号，其他的右括号都可以改为左括号。这个性质可以通过 $n=n_0-2$ 时的最优括号串性质易证。

于是我们用小根堆维护当前所有可以改为左括号的右括号的位置，进行增量构造。小根堆中初始有 $p_1$，进行 $\frac{n}{2}$ 次操作，每次取出小根堆堆顶并对应位置置为左括号，然后将新产生的可改动位置压入堆中即可。

最后 check 答案字符串的合法性并输出。

时间复杂度 $O(n\log n)$。

// Problem: P9406 [POI2020-2021R3] Nawiasowania
// Contest: Luogu
// URL: https://www.luogu.com.cn/problem/P9406
// Memory Limit: 256 MB
// Time Limit: 2000 ms
// 
// Powered by CP Editor (https://cpeditor.org)

//By: OIer rui_er
#include <bits/stdc++.h>
#define rep(x,y,z) for(int x=(y);x<=(z);x++)
#define per(x,y,z) for(int x=(y);x>=(z);x--)
#define debug(format...) fprintf(stderr, format)
#define fileIO(s) do{freopen(s".in","r",stdin);freopen(s".out","w",stdout);}while(false)
#define likely(exp) __builtin_expect(!!(exp), 1)
#define unlikely(exp) __builtin_expect(!!(exp), 0)
using namespace std;
typedef long long ll;

mt19937 rnd(std::chrono::duration_cast<std::chrono::nanoseconds>(std::chrono::system_clock::now().time_since_epoch()).count());
int randint(int L, int R) {
	uniform_int_distribution<int> dist(L, R);
	return dist(rnd);
}

template<typename T> void chkmin(T& x, T y) {if(x > y) x = y;}
template<typename T> void chkmax(T& x, T y) {if(x < y) x = y;}

const int N = 1e6+5;

int n, a[N];
char s[N];
priority_queue<int, vector<int>, greater<int>> heap;

int main() {
	scanf("%d", &n);
	rep(i, 1, n) {
		scanf("%d", &a[i]);
		s[i] = ')';
	}
	s[n+1] = 0;
	heap.push(a[1]);
	rep(i, 1, n/2) {
		s[heap.top()] = '(';
		heap.pop();
		if(i < n / 2) {
			heap.push(a[2*i]);
			heap.push(a[2*i+1]);
		}
	}
	int now = 0;
	rep(i, 1, n) {
		if(s[i] == '(') ++now;
		else --now;
		if(now < 0) return puts("NIE")&0;
	}
	puts(s+1);
	return 0;
}