1 条题解

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    @ 2025-8-24 22:23:19

    自动搬运

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    来自洛谷,原作者为

    avatar Determination_Y
    ZJ 最菜 || Improve youserf, but not /bx others

    搬运于2025-08-24 22:23:19,当前版本为作者最后更新于2025-02-02 21:56:09,作者可能在搬运后再次修改,您可在原文处查看最新版

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    以下是正文


    同步发表于 Cnblogs

    问题简述

    有一个含 NN 个点的完全图,边有边权,您可以操作两个人从第一个点去遍历每个点,仅能从编号较小的点到达编号较大的点,求最小的边权和。

    然后这里有一个错解:

    def Solve(N, A):
        # A[i][j] is cost of moving from level i to level j
        # N is the number of levels
        x, y, sx, sy = 1, 1, 0, 0 # Initialize x and y to 1, sx and sy to 0
        for i in range(2, N + 1): # loop from 2 to N
            if sx + A[x][i] < sy + A[y][i]:
                sx += A[x][i]
                x = i
            else:
                sy += A[y][i]
                y = i
        return sx + sy
    

    你要构造数据 Hack 它,如果这份代码的输出达到了 STD 的 xx 倍,你就可以获得 x/4×4 \lceil x/4 \rceil \times 4 的分数。

    思路

    这是一篇非常鲁棒/暴力的乱搞题解

    即使你看不懂题目 / STD / 错解也可以使用该方法快速 AC。

    讨论区里 这个是修正版 SPJ,里面有这么一段:

    //Right Answer
    memset(dp, 0x3f, sizeof(dp)); dp[1][1] = 0;
    for(int i=2; i<=N; i++)
        for(int j=1; j<i; j++){
            //dp[i-1][j] -> dp[i][j]
            dp[i][j] = min(dp[i][j], dp[i-1][j] + cst[i-1][i]);
            //dp[i-1][j] -> dp[i][i-1]
            dp[i][i-1] = min(dp[i][i-1], dp[i-1][j] + cst[j][i]);
        }
    rans = dp[0][0];
    for(int i=1; i<=N; i++)
        rans = min(rans, dp[N][i]);
    //Fake answer
    int x = 1, y = 1, sx = 0, sy = 0;
    for(int i=2; i<=N; i++){
        if(sx + cst[x][i] < sy + cst[y][i]){
            sx += cst[x][i];
            x = i;
        } else{
            sy += cst[y][i];
            y = i;
        }
    }
    lans = sx + sy;
    int sco = min(100, (int)ceil(1.0 * lans / rans / 4) * 4);
    

    可以知道 rans 是正确答案,lans 是错误答案,sco 是整数的分数。

    我们把这段代码改一改:

    double Point(){
        int rans=0,lans=0,dp[105][105]={0};
        //Right Answer
        memset(dp,0x3f,sizeof(dp));dp[1][1]=0;
        for(int i=2;i<=N;i++){
            for(int j=1;j<i;j++){
                dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i-1][j]+A[i-1][i]);
                dp[i][i-1]=min(dp[i][i-1],dp[i-1][j]+A[j][i]);
            }
        }
        rans=dp[0][0];
        for(int i=1;i<=N;i++){
            rans=min(rans,dp[N][i]);
        }
        //Fake answer
        int x=1,y=1,sx=0,sy=0;
        for(int i=2;i<=N;i++){
            if(sx+A[x][i]<sy+A[y][i]){
                sx+=A[x][i];
                x=i;
            }else{
                sy+=A[y][i];
                y=i;
            }
        }
        lans=sx+sy;
        double sco=(1.0*lans/rans/4)*4;
        return sco;
    }
    

    现在我们得到了一个函数 Point(),调用时可以得到当前构造的 AA 可以得到的分数。

    然后发现自己不会做这个题,于是开始玄学。

    Level 0

    我们打一个随机数,暂且取 N=8N=8

    srand(time(0));
    while(true){
        for(int i=1;i<=N;i++){
            for(int j=i+1;j<=N;j++){
                A[i][j]=rand();
            }
        }
        double p=Point();
        if(Maxp<p){
            Maxp=p;
            printf("%.lf\n",Maxp);
            for(int i=1;i<=N;i++){
                for(int j=i+1;j<=N;j++){
                    printf("%d ",A[i][j]);
                }puts("");
            }
        }
    }
    

    跑了一分钟,跑出一组 6.276596

    1 9 86 83 31 91 6 
    5 8 70 55 54 99 
    75 6 14 6 71 
    5 87 13 66 
    85 42 79 
    8 78 
    2 
    

    交上去果然得到了 88 分。

    Level 2

    我们发现这里的随机是十分低效的,考虑如何优化这一过程。

    考虑到如果某次随机出来的 AA 是历史新高的话,我们不重新随机,而是在 AA 的基础上进行微调。

    首先,我们把 MaxAMaxA 全部设置为 5050

    对于每一次随机:

    • MaxAMaxA 中每一个数附加一个 [-10,10] 之间的随机数。
    • 如果修正后的 AA 是历史新高,更新 MaxAMaxAAA

    容易得到代码:

    for(int i=1;i<=N;i++){
        for(int j=i+1;j<=N;j++){
            MaxA[i][j]=50;
        }
    }
    srand(time(0));
    while(true){
        for(int i=1;i<=N;i++){
            for(int j=i+1;j<=N;j++){
                A[i][j]=MaxA[i][j]+((rand()%21)-10);
                if(A[i][j]<1)   A[i][j]=1;
                if(A[i][j]>100) A[i][j]=100;
            }
        }
        double p=Point();
        if(Maxp<p){
            Maxp=p;
            printf("%lf\n",Maxp);
            for(int i=1;i<=N;i++){
                for(int j=i+1;j<=N;j++){
                    printf("%d ",A[i][j]);
                    MaxA[i][j]=A[i][j];
                }puts("");
            }
        }
    }
    

    跑了几秒钟,得到了一个非常好的结果 57.571429

    1 26 2 1 81 39 6 
    1 70 100 28 29 89 
    1 100 7 14 51 
    100 100 1 12 
    1 100 100 
    99 1 
    34 
    

    分数一下子变成了 6060 分。

    Level 3

    我们又考虑到:对于相邻两次随机,AA 的值变大变小的都有,综合起来使得答案也变大/变小。

    于是想到:

    • 如果答案变大,就让变化量更大
    • 如果答案变小,就让变化量减小,向中间值 5050 靠拢。

    直接把 MaxA 扔了,容易得到代码:

    for(int i=1;i<=N;i++){
        for(int j=i+1;j<=N;j++){
            LastA[i][j]=50;
        }
    }
    srand(time(0));
    while(true){
        for(int i=1;i<=N;i++){
            for(int j=i+1;j<=N;j++){
                if(Lastp<p)       A[i][j]=(LastA[i][j]-50)*0.9+50;
                else if(Lastp==p) A[i][j]=(LastA[i][j]-50)*1.0+50;
                else              A[i][j]=(LastA[i][j]-50)*1.1+50;
                A[i][j]+=((rand()%21)-10);
                if(A[i][j]<1)   A[i][j]=1;
                if(A[i][j]>100) A[i][j]=100;
            }
        }
        Lastp=p;
        p=Point();
        p=Point();
        if(Maxp<p){
            Maxp=p;
            printf("%lf\n",Maxp);
            for(int i=1;i<=N;i++){
                for(int j=i+1;j<=N;j++){
                    printf("%d ",A[i][j]);
                    LastA[i][j]=A[i][j];
                }puts("");
            }
        }
    }
    

    多次尝试后,得到了非常牛的答案 71.571429

    1 1 1 1 100 11 96 
    1 100 100 100 69 1 
    99 1 1 1 5 
    1 100 1 6 
    100 100 1 
    1 100 
    100 
    

    交上去可以获得 72比我 PKUWC2025 两天总分还高

    Level 4

    我们可以开始观察这组随机数据,如果你多造几组,你就会发现:

    1   1   X          ...          X
    1   100 X        ...        X 
    100 100 X      ...      X
    1   100 X    ...    X 
    100 100 X  ...  X 
    1   100 X   X 
    100 100 X 
    1   100 
    100 
    

    后面的那一堆 X 时小时大,大部分是 11,干脆全赋 11 好了。

    前面的大部分都是这样的结构,于是我们按照这样的规律构造一组 N=100N=100,并且使用 PHP 交一发:

    然后就过了。

    Level 4 Extra

    考虑这个东西为什么是对的。

    首先 11 号点的所有边边权都是 11,可以引诱贪心错解把 y2y \to 2x3x \to 3

    然后 242 \to 4343 \to 4 都是 100100,于是 yy 跳到 44

    发现无论如何一定是 xx353 \to 5,于是只要把 353 \to 5100100

    此时 sx=sysx=sy,于是 464 \to 6565 \to 6 都赋 100100

    然后一点一点做下去,就是这样子了。

    然后就做完了。

    Code

    100
    1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 
    1 100 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 
    100 100 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 
    1 100 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 
    100 100 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 
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