1 条题解
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自动搬运
来自洛谷，原作者为
da32s1da
**搬运于
2025-08-24 22:05:17，当前版本为作者最后更新于2018-11-28 16:46:51，作者可能在搬运后再次修改，您可在原文处查看最新版自动搬运只会搬运当前题目点赞数最高的题解，您可前往洛谷题解查看更多
以下是正文
这个题比较有意思，给你程序和输入，让你求输出。
直接F11，半分钟后，意识到事情不是那么简单。五分钟后，重新看看题面
example
样例都做不出来可以弃疗了。。。
testdata 1
很容易发现，程序要求的是，而都是级别，龟速乘即可。
等价程序：
void _(){ unsigned long long a,b,c,d; scanf("%I64u%I64u%I64u",&a,&b,&c); for(d=0;b;a=(a+a)%c,b>>=1) if(b&1)d=(d+a)%c;//类似快速幂 printf("%I64u\n",d); }
testdata 2
观察以下代码
b = a + b; a = 2 * b - a + c; c = 2 * b - a + c;略加思索
a-->a+2b+c b-->a+b c-->a下面的取膜写的那么复杂矩阵快速幂解决！
Ps：这求的是Fib数列第(n-1)项的平方膜p的值。等价程序：
typedef long long LL; LL n,p; struct mat{ LL c[3][3]; void clear(){ for(int i=0;i<3;i++) for(int j=0;j<3;j++) c[i][j]=0; } }I,Ans; mat operator *(const mat &a,const mat &b){ mat pG; pG.clear(); for(int i=0;i<3;i++) for(int j=0;j<3;j++) for(int k=0;k<3;k++) pG.c[i][j]=(pG.c[i][j]+a.c[i][k]*b.c[k][j])%p; return pG; } void _______(){ scanf("%I64d%I64d",&n,&p); Ans.clear(); Ans.c[0][2]=1;//答案矩阵 I.clear(); I.c[0][2]=I.c[1][1]=I.c[2][0]=I.c[2][1]=I.c[2][2]=1; I.c[1][2]=2;//递推矩阵 for(;n;I=I*I,n>>=1) if(n&1)Ans=Ans*I; printf("%I64d\n",(Ans.c[0][2]-Ans.c[0][1]*2+Ans.c[0][0]+p+p)%p); }
testdata 3
容易发现这是自然数幂求和。
直接套公式：
$$\sum_{i=1}^ni^2=\frac{n\times (n+1)\times (2n+1)}{6} $$ $$\sum_{i=1}^ni^4=\frac{n\times (n+1)\times (2n+1)\times(3n^2+3n-1)}{30} $$然而直接写只有6分或8分！
需要将分母做gcd来消去。
但是我们会发现最后一个可能会是的倍数，不太好做。
$$\text{考虑}\frac{3n^2+3n-1}{5}=\frac{3n^2+3n-6}{5}-1=\frac{3n(n+1)}{5}-1 $$于是用判一下即可。
Ps:三次方是一次方的平方等价程序：
unsigned long long s0,s1,s2,s3,s4,i,j,n; typedef unsigned long long ULL; ULL gcd(ULL u,ULL v){return v?gcd(v,u%v):u;} int main() { scanf("%I64u", &n); s0=n+1; i=2; s1=n/gcd(n,i);i=i/gcd(n,i); s1=(n+1)/gcd(n+1,i)*s1; i=6; s2=n/gcd(n,i);i/=gcd(n,i); s2=(n+1)/gcd(n+1,i)*s2;i/=gcd(n+1,i); s2=(2*n+1)/gcd(2*n+1,i)*s2; s3=s1*s1;//三次方是一次方的平方 i=30; s4=n/gcd(n,i);i/=gcd(n,i); s4=(n+1)/gcd(n+1,i)*s4;i/=gcd(n+1,i); s4=(2*n+1)/gcd(2*n+1,i)*s4;i/=gcd(2*n+1,i); if(i==5){ j=(n-1)/gcd(n-1,i);i/=gcd(n-1,i); j=(n+2)/gcd(n+2,i)*j; j=j*3+1; }else j=3*n*(n+1)-1; //分两种情况特判一下 s4=s4*j; printf("%I64u\n%I64u\n",s0,s0); printf("%I64u\n%I64u\n",s1,s1); printf("%I64u\n%I64u\n",s2,s2); printf("%I64u\n%I64u\n",s3,s3); printf("%I64u\n%I64u\n",s4,s4); return 0; }
testdata 4
阅读程序，发现给了一个矩阵。
第一问：对于每一个来说，不是它自己的有多少个，再求和。
很显然，假设有个，答案是
第二问：对于每一个，求距离它最近的的曼哈顿距离，再求和。
我们用DP求解。次，分别是从左上搜到右下，从右上搜到左下，从左下搜到右上，从右下搜到左上。
转移方程分别为
然后对于每个，从上述个值中取最小的即可。
另外，为了不判边界，我把矩阵的边界改了一下。
等价程序：
long long count1(){ long long ans=0; for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++) if(data[i][j])ans++; return ans*(ans-1); //直接套公式 } const int M=5050; int dis[M][M],rdis[M][M]; int min(int u,int v){return u<v?u:v;} void dp1(){//左上-->右下 memset(rdis,0x3f,sizeof(rdis)); for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++) if(data[i][j]){ rdis[i][j]=min(rdis[i-1][j],rdis[i][j-1])+1; dis[i][j]=min(dis[i][j],rdis[i][j]); }else rdis[i][j]=0; } void dp2(){//右上-->左下 memset(rdis,0x3f,sizeof(rdis)); for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=m;j>=1;j--) if(data[i][j]){ rdis[i][j]=min(rdis[i-1][j],rdis[i][j+1])+1; dis[i][j]=min(dis[i][j],rdis[i][j]); }else rdis[i][j]=0; } void dp3(){//左下-->右上 memset(rdis,0x3f,sizeof(rdis)); for(int i=n;i>=1;i--) for(int j=1;j<=m;j++) if(data[i][j]){ rdis[i][j]=min(rdis[i+1][j],rdis[i][j-1])+1; dis[i][j]=min(dis[i][j],rdis[i][j]); }else rdis[i][j]=0; } void dp4(){//右下-->左上 memset(rdis,0x3f,sizeof(rdis)); for(int i=n;i>=1;i--) for(int j=m;j>=1;j--) if(data[i][j]){ rdis[i][j]=min(rdis[i+1][j],rdis[i][j+1])+1; dis[i][j]=min(dis[i][j],rdis[i][j]); }else rdis[i][j]=0; } long long count2(){ long long ans=0; memset(dis,0x3f,sizeof(dis)); dp1();dp2();dp3();dp4(); for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++) if(data[i][j])ans+=dis[i][j]; return ans; }
testdata 5
阅读程序，发现和第四题有点像。
只不过要求的是矩阵中有多少个全的子矩阵。
n^6复杂度自闭啊。。很容易考虑到单调栈做法：我们处理出每个向上最大延伸长度，然后用单调栈维护梯形面积，即为以这个为右下角的子矩阵个数，然后累加求和即可。
等价程序：
long long a[N][N],Ans,ans; typedef pair<int,int>pr; stack<pr>s; void clear(){while(s.size())s.pop();ans=0;} long long count3(){ Ans=0; for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++) a[i][j]=data[i][j]*(a[i-1][j]+1); //处理每个1向上的最大延伸长度 for(int i=1;i<=n;i++){ clear();//清空一下 for(int j=1;j<=m;j++){ if(!a[i][j]){clear();continue;}//该点为0，清空栈 int siz=1; while(s.size()&&s.top().first>=a[i][j]){ siz+=s.top().second; ans-=s.top().first*s.top().second; s.pop(); } //不能作为左上端点的减去 s.push(pr(a[i][j],siz));//插入 ans+=a[i][j]*siz; Ans+=ans;//计算答案 } } return Ans; }
testdata 6
可以说是花时间最多的一个点。。
不会Floyd判圈还特意去学了一个初步的想法是用map，
电脑卡爆啦，显然不能得到满分。考虑Brent判圈。
(不会自学，逃:)Floyd：？？？然后跑344s出了答案等价程序：
#include<cstdio> typedef unsigned long long ULL; ULL T,n,a,b,c; ULL s,t,tim,tim_n,tim_m; int main(){ for(T=10;T;T--){ scanf("%I64u%I64u%I64u%I64u",&n,&a,&b,&c); s=t=0; tim_n=0;tim_m=2; while(true){//Brent的思想：倍增 t=(a*t*t+b)%c; ++tim_n; if(s==t)break; if(tim_n==tim_m){ tim_n=0; tim_m<<=1; s=t; } } //tim_n->循环节长度 s=t=0;tim=0; while(tim<tim_n){ t=(a*t*t+b)%c; ++tim; } tim=1; while(s!=t){ s=(a*s*s+b)%c; t=(a*t*t+b)%c; ++tim; } tim_m=(n-tim)%tim_n+1; //tim->环的起点 s->起点的值 tim=1; while(tim<=tim_m)s=(a*s*s+b)%c,++tim; printf("%I64u\n",s); } }
testdata 7
"字母"独？直接暴力搜索！
敲过数独的可以直接切了。
正搜TLE，倒搜5.7s不知道DLX跑的快不快等价程序：
#include<cstdio> const int N=20; int _2[N]; int f[N],g[N],h[N],opt; char s[N][N]; int How(int u,int v){ return (u/4)*4+v/4; } void dfs(int x,int y){ if(x==-1){opt=1;return;} if(!opt&&s[x][y]!='?'){ if(y==0)dfs(x-1,15); else dfs(x,y-1);//倒搜 // dfs(x+(y+1)/16,(y+1)&15);正搜 } else{ for(int i=0;i<16;i++) if(!opt&&(f[x]&_2[i])&&(g[y]&_2[i])&&(h[How(x,y)]&_2[i])){ f[x]^=_2[i]; g[y]^=_2[i]; h[How(x,y)]^=_2[i]; s[x][y]='A'+i; if(y==0)dfs(x-1,15); else dfs(x,y-1);//倒搜 // dfs(x+(y+1)/16,(y+1)&15);正搜 if(!opt)s[x][y]='?'; f[x]^=_2[i]; g[y]^=_2[i]; h[How(x,y)]^=_2[i]; } } } void solve(int points){ for(int i=0;i<16;i++)f[i]=g[i]=h[i]=_2[16]-1;//初始化 for(int i=0;i<16;i++){ scanf("%s",s[i]); for(int j=0;j<16;j++) if(s[i][j]!='?'){ f[i]^=_2[s[i][j]-'A']; g[j]^=_2[s[i][j]-'A']; h[How(i,j)]^=_2[s[i][j]-'A'];//压缩一下状态 } } opt=0; dfs(15,15);//倒搜 if(opt){ for(int k=0;k<points;k++){ for(int i=0;i<16;i++) printf("%s", s[i]); putchar('\n'); } }else{ for(int k=0;k<points;k++) printf("NO SOLUTION.\n"); } } int main(){ _2[0]=1; for(int i=1;i<N;i++)_2[i]=_2[i-1]<<1; //预处理2的次幂 solve(1); solve(2); solve(3); solve(4); return 0; }
testdata 8
看起来好像是组合数的题？
嗯。。跑个小数据，差分一下。。
唉？？看起来这些都是关于的七次多项式！
然后我们通过大眼观察和暴力枚举因式的方法，得到了答案！
我还手算七次方程OEIS：？？？pro1
$$\frac{1}{5040}\ n\times(n-1)\times(n-2)\times(n-3)\times(n-4)\times(n-5)\times(n-6) $$pro2
$$\frac{1}{60}\ n^2\times (n-1)^2\times (2n-1)\times(2n^2-2n+1) $$pro3
$$\frac{1}{360}\ n^2\times (n-1)^2\times (n-2)\times (2n-1)\times (7n-3) $$pro4
$$\frac{1}{48}\ n^3\times (n-1)^2\times (n-2)\times (3n-1) $$pro5
$$\frac{1}{24}\ n^4\times (n-1)\times (n-2)\times (n-3) $$pro6
$$\frac{1}{60}\ n^3\times (n-1)\times (n-2)\times (3n^2-6n+1) $$pro7
$$\frac{1}{360}\ n^2\times (n-1)\times (n-2)\times (n-3)\times (5n^2-9n+1) $$pro8
$$\frac{1}{144}\ n^2\times (n-1)^2\times (2n-1)\times (5n^2-5n+2) $$pro9
$$\frac{1}{36}\ n^3\times (n-1)^2\times (n-2)\times (2n-1) $$pro10
$$\frac{1}{240}\ n^2\times (n-1)^2\times (n-2) \times (n-3) \times (2n-3) $$花了我一个多小时等价程序：
#include<cstdio> typedef unsigned long long ULL; ULL n,p=1234567891; ULL ksm(ULL u,ULL v){ ULL res=1; for(;v;v>>=1,u=u*u%p) if(v&1)res=res*u%p; return res; } int main() { scanf("%I64u",&n);n%=p; printf("%I64u\n",n>6?(n*(n-1)%p*(n-2)%p*(n-3)%p*(n-4)%p*(n-5)%p*(n-6)%p*ksm(5040,p-2)%p):0); printf("%I64u\n",n>1?((n-1)*(n-1)%p*n%p*n%p*(2*n-1)%p*(2*n%p*n%p-2*n%p+1+p)%p*ksm(60,p-2)%p):0); printf("%I64u\n",n>2?(n*n%p*(n-1)%p*(n-1)%p*(n-2)%p*(2*n-1)%p*(7*n-3)%p*ksm(360,p-2)%p):0); printf("%I64u\n",n>2?(n*n%p*n%p*(n-1)%p*(n-1)%p*(n-2)%p*(3*n-1)%p*ksm(48,p-2)%p):0); printf("%I64u\n",n>3?(n*n%p*n%p*n%p*(n-1)%p*(n-2)%p*(n-3)%p*ksm(24,p-2)%p):0); printf("%I64u\n",n>2?(n*n%p*n%p*(n-1)%p*(n-2)%p*(3*n*n%p-6*n%p+1+p)%p*ksm(60,p-2)%p):0); printf("%I64u\n",n>3?(n*n%p*(n-1)%p*(n-2)%p*(n-3)%p*(5*n*n%p-9*n%p+1+p)%p*ksm(360,p-2)%p):0); printf("%I64u\n",n>1?(n*n%p*(n-1)%p*(n-1)%p*(2*n-1)%p*(5*n%p*n%p-5*n%p+2+p)%p*ksm(144,p-2)%p):0); printf("%I64u\n",n>2?(n*n%p*n%p*(n-1)%p*(n-1)%p*(n-2)%p*(2*n-1)%p*ksm(36,p-2)%p):0); printf("%I64u\n",n>3?(n*n%p*(n-1)%p*(n-1)%p*(n-2)%p*(n-3)%p*(2*n-3)%p*ksm(240,p-2)%p):0); return 0; }
testdata 9
这个点比较特殊，又分为10个子问题。
而且还给你了答案的MD5加密，这就可以验证自己的答案对不对了。
当然你可以选择暴力解密暴力枚举答案验证MD5也可以pro1：
问第一年NOI是哪年。。1984啊，
笔试板子pro2：
问最常见的6位密码。。123456啊，
常识pro3：
问大头照是谁。。chenlijie啊，
大眼观察法裸题pro4：
问3个可见符号。。一共个符号：
`~!@#$%^&*()_+-={}[]\|;:'",<.>/?暴枚种情况，发现是
$_$pro5~8：
啥？？？名言？？我怎么知道别慌，分析一下。
还是不知道突然发现在testdata 2中有一部伪英语词典，直接爆搜。
mmp答案依次是
we hold these truths这四个pro的程序：
while(scanf("%s",ss[cnt])!=EOF)cnt++; for(int i=0;i<cnt;i++){ unsigned char example[strlen(ss[i])+1];//注意+1！ int LEN=strlen(ss[i]); for(int j=0;j<LEN;j++)example[j]=ss[i][j]; example[LEN]='\0';//注意\0！ MD5_CTX md5; MD5Init(&md5); MD5Update(&md5,example,strlen((char *)example)); MD5Final(&md5,e); char Ans[32]; for(int j=0;j<16;j++){ int pG=e[j]/16; if(pG<10)Ans[j*2]=pG+48; if(pG>=10)Ans[j*2]=pG-10+97; pG=e[j]%16; if(pG<10)Ans[j*2+1]=pG+48; if(pG>=10)Ans[j*2+1]=pG-10+97; } if(strcmp(Ans,"ff1ccf57e98c817df1efcd9fe44a8aeb")==0){ printf("5 %s\n",ss[i]); continue; } if(strcmp(Ans,"af1d8213f4a22b0f9803fec9259ff7a8")==0){ printf("6 %s\n",ss[i]); continue; } if(strcmp(Ans,"bd4c4ea1b44a8ff2afa18dfd261ec2c8")==0){ printf("7 %s\n",ss[i]); continue; } if(strcmp(Ans,"566d8cef537b35c5c84e93d5e5aebaf3")==0){ printf("8 %s\n",ss[i]); continue; } if(strcmp(Ans,"c3f45d94e808f61ae955318aed53bf95")==0){ printf("10 %s\n",ss[i]); continue; }但是第10个搜不出来pro9：
仿照pro 5~8，爆搜即可。答案为
to be但是我没搜pro10：
不会做
其实如果你历史和英语足够好，就能答出来了如果你又做了第10个点，就会在第7054行发现答案！
7053 balalala.... 7054 WE(); HOLD(); THESE(); TRUTHS(); TO(); BE(); SELFEVIDENT(); balalala... 7055 balalala...所以答案是
selfevident总结：考验脑洞
等价程序：
#include<cstdio> int main(){ printf("\ 1984\n\ 123456\n\ chenlijie\n\ $_$\n\ we\n\ hold\n\ these\n\ truths\n\ to be\n\ selfevident\n\ "); }无耻的做法是上网找一个MD5解密器
testdata 10
好的，我们来看最后一个点。。。
WC?
嗯，确实是WCALGORITHM?
排序？A QUICK BROWN FOX JUMPS OVER THE LAZY DOG?
一只棕色的狐狸快速跳过了一条懒惰的狗？啥意思？好吧这句话包含了26个字母。下面是.......独立宣言？震惊！
出题人有多无聊冷静分析。。。
首先上面
太暴力，要改一改。ULL p[30],sum; p[0]=1; for(ULL i=1;i<=26;i++){ sum+=p[i-1]; p[i]=p[i-1]*(26-i)+sum; printf("void %c(){__=__+___*%I64uull;}\n",64+(int)i,p[i]); }得到
void _(){__=__+___*1ull;} void A(){__=__+___*26ull;} void B(){__=__+___*651ull;} void C(){__=__+___*15651ull;} void D(){__=__+___*360651ull;} void E(){__=__+___*7950651ull;} void F(){__=__+___*167340651ull;} void G(){__=__+___*3355140651ull;} void H(){__=__+___*63923340651ull;} void I(){__=__+___*1154150940651ull;} void J(){__=__+___*19688020140651ull;} void K(){__=__+___*316229927340651ull;} void L(){__=__+___*4764358535340651ull;} void M(){__=__+___*67038159047340651ull;} void N(){__=__+___*876597565703340651ull;} void O(){__=__+___*10591310445575340651ull;} void P(){__=__+___*6772687681910030955ull;} void Q(){__=__+___*5479948192676037227ull;} void R(){__=__+___*12292036863279645291ull;} void S(){__=__+___*11448514006979854955ull;} void T(){__=__+___*5543854012881322603ull;} void U(){__=__+___*7009382195709231723ull;} void V(){__=__+___*14337023109848777323ull;} void W(){__=__+___*6754098618987856491ull;} void X(){__=__+___*2452069220114645611ull;} void Y(){__=__+___*12294754496077775467ull;} void Z(){__=__+___*3690695698331353707ull;}直接做不TLE才怪继续观察。。。下面的单词调用的好像是不包含自己的子串，所以统计一下各个长度的单词每个字母的统计次数。。。
表示长度为的单词第位被调用了多少次。
f[1][1]=f[2][1]=f[2][2]=1; f[3][1]=f[3][3]=2;f[3][2]=3; for(int i=1;i<=15;i++,putchar('\n')) for(int j=1;j<=i;j++){ if(i>3)f[i][j]=(f[i-1][j-1]+f[i-1][j]-f[i-2][j-1])*2ull; printf("%I64u ",f[i][j]); }结果是
1 1 1 2 3 2 4 8 8 4 8 20 26 20 8 16 48 76 76 48 16 32 112 208 252 208 112 32 64 256 544 768 768 544 256 64 128 576 1376 2208 2568 2208 1376 576 128 256 1280 3392 6080 8016 8016 6080 3392 1280 256 512 2816 8192 16192 23776 26928 23776 16192 8192 2816 512 1024 6144 19456 41984 67776 85376 85376 67776 41984 19456 6144 1024 2048 13312 45568 106496 187136 258752 287648 258752 187136 106496 45568 13312 2048 4096 28672 105472 265216 503296 756224 922048 922048 756224 503296 265216 105472 28672 4096 8192 61440 241664 650240 1324032 2144768 2839040 3112896 2839040 2144768 1324032 650240 241664 61440 8192接下来就是统计
独立宣言每个字母各出现了多少次A : 7304709 B : 384591 C : 1220093 D : 1822275 E : 9884647 F : 308820 G : 3398404 H : 486395 I : 10216758 J : 3560 K : 504386 L : 1741038 M : 1734502 N : 12420932 O : 3951484 P : 2651226 Q : 10240 R : 5363041 S : 9103033 T : 12706140 U : 3390299 V : 415290 W : 971012 X : 8118 Y : 10294 Z : 50216我太懒了直接打for求答案。。等价程序：
#include<cstdio> typedef unsigned long long ULL; ULL __,___; void _(){__=__+___*1ull;} void A(){__=__+___*26ull;} void B(){__=__+___*651ull;} void C(){__=__+___*15651ull;} void D(){__=__+___*360651ull;} void E(){__=__+___*7950651ull;} void F(){__=__+___*167340651ull;} void G(){__=__+___*3355140651ull;} void H(){__=__+___*63923340651ull;} void I(){__=__+___*1154150940651ull;} void J(){__=__+___*19688020140651ull;} void K(){__=__+___*316229927340651ull;} void L(){__=__+___*4764358535340651ull;} void M(){__=__+___*67038159047340651ull;} void N(){__=__+___*876597565703340651ull;} void O(){__=__+___*10591310445575340651ull;} void P(){__=__+___*6772687681910030955ull;} void Q(){__=__+___*5479948192676037227ull;} void R(){__=__+___*12292036863279645291ull;} void S(){__=__+___*11448514006979854955ull;} void T(){__=__+___*5543854012881322603ull;} void U(){__=__+___*7009382195709231723ull;} void V(){__=__+___*14337023109848777323ull;} void W(){__=__+___*6754098618987856491ull;} void X(){__=__+___*2452069220114645611ull;} void Y(){__=__+___*12294754496077775467ull;} void Z(){__=__+___*3690695698331353707ull;} int times[4][26]={{0,0,1,0,0,0,0,0,0,0,0,0,0,0,0,0,0,0,0,0,0,0,1,0,0,0}, {128,0,0,0,0,0,1376,576,2208,0,0,576,128,0,2208,0,0,2568,0,1376,0,0,0,0,0,0}, {9,8,20,2,10,2,2,3,26,8,8,4,26,8,36,20,8,24,8,2,40,8,20,2,4,8}, {7304709,384591,1220093,1822275,9884647,308820,3398404,486395,10216758,3560,504386,1741038,1734502,12420932,3951484,2651226,10240,5363041,9103033,12706140,3390299,415290,971012,8118,10294,50216}}; void doit(int opt){ for(int i=1;i<=times[opt][0];i++)A(); for(int i=1;i<=times[opt][1];i++)B(); for(int i=1;i<=times[opt][2];i++)C(); for(int i=1;i<=times[opt][3];i++)D(); for(int i=1;i<=times[opt][4];i++)E(); for(int i=1;i<=times[opt][5];i++)F(); for(int i=1;i<=times[opt][6];i++)G(); for(int i=1;i<=times[opt][7];i++)H(); for(int i=1;i<=times[opt][8];i++)I(); for(int i=1;i<=times[opt][9];i++)J(); for(int i=1;i<=times[opt][10];i++)K(); for(int i=1;i<=times[opt][11];i++)L(); for(int i=1;i<=times[opt][12];i++)M(); for(int i=1;i<=times[opt][13];i++)N(); for(int i=1;i<=times[opt][14];i++)O(); for(int i=1;i<=times[opt][15];i++)P(); for(int i=1;i<=times[opt][16];i++)Q(); for(int i=1;i<=times[opt][17];i++)R(); for(int i=1;i<=times[opt][18];i++)S(); for(int i=1;i<=times[opt][19];i++)T(); for(int i=1;i<=times[opt][20];i++)U(); for(int i=1;i<=times[opt][21];i++)V(); for(int i=1;i<=times[opt][22];i++)W(); for(int i=1;i<=times[opt][23];i++)X(); for(int i=1;i<=times[opt][24];i++)Y(); for(int i=1;i<=times[opt][25];i++)Z(); } int main() { scanf("%I64u",&___); __=0;doit(0); printf("%I64u\n",__); scanf("%I64u",&___); __=0;doit(1); printf("%I64u\n",__); printf("%I64u\n",__); scanf("%I64u",&___); __=0;doit(2); printf("%I64u\n",__); printf("%I64u\n",__); scanf("%I64u",&___); __=0;doit(3); printf("%I64u\n",__); printf("%I64u\n",__); printf("%I64u\n",__); printf("%I64u\n",__); printf("%I64u\n",__); }
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11.28~12.3
真香
15011418730
LV 7
@ 2025-8-24 22:05:17
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